一、选择题（每小题1.5分，40小题，共60分）
1．下列关于生命系统的结构层次的说法不正确的是（ ） A．生物圈是地球上最大的生态系统 B．细菌既属于细胞层次也属于个体层次
C．病毒是生物，因此属于生命系统的结构层次
D．生物大分子如蛋白质､核酸不属于生命系统的结构层次
2．用高倍镜观察洋葱根尖的细胞比用低倍镜观察到的细胞数目、大小和视野的明暗情况依次为（ ）
A．多、大、亮 B．少、小、暗 C．多、小、暗 D．少、大、暗
3．若在载玻片上有一个字母“b”，则在显微镜视野中看到的应该是（ ） A．b B．d C．p D．q
4．一片森林中的桉树苗、小桉树、大桉树组成一个（ ） A．种群 B．群落 C．生态系统 D．生物圈
5．关于①蓝藻、②酵母菌、③乳酸菌、④水绵、⑤黑藻、⑥噬菌体这6种生物的归纳错误的是（ ）
A．均可用光学显微观察内部DNA B．含有线粒体的只有②④⑤ C．生产者只有①④⑤ D．都含有蛋白质与核酸
6．下列各项中，下列生物中属于原核生物的一组是（ ） A．青霉菌、黄曲霉菌 B．酵母菌、甲烷杆菌 C．乳酸菌、霍乱弧菌 D．大肠杆菌、金针菇
7．下列关于对细胞学说的理解中，不正确的一项是（ ） A．细胞是一个相对的具有自己生命的有机体 B．所有的生命体都是以细胞为单位构成的 C．每个细胞的生命会对生物体的生命产生影响
D．细胞学说揭示了细胞统一性和生物体结构统一性 8．下列哪一项代表了高等植物个体的结构层次（ ）
A．细胞→组织→器官→系统→个体 B．细胞→组织→器官→个体 C．细胞→组织→器官→个体→种群 D．细胞→器官→系统→个体 9．关于HIV病毒的叙述，正确的是（ ） A．HIV在活细胞外能大量增殖 B．HIV不含有核糖体这一种细胞器 C．HIV是最基本的生命系统 D．HIV病毒不含核酸
10．在生物体内含量极少，但对维持生物体正常生命活动必不可少的元素是（ ） A．Fe、Mn、Zn、Mg B．Zn、Cu、Mn、Ca C．Zn、Cu、B、Mn D．Mg、Mn、Cu、Mo
11．幼小植物体内自由水与结合水的比值不断增大时，植物体内新陈代谢活跃，生长迅速；自由水与结合水的比值不断减小时，植物体内的新陈代谢减弱，生长缓慢．下面解释正确的组合是（ ）
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①结合水是构成植物细胞结构的一部分； ②结合水参与某些代谢反应； ③自由水是各种代谢活动的介质； ④自由水参与某些代谢反应．
A．①② B．②③ C．③④ D．①④
12．已知Mn2+是许多酶的活化剂，例如能激活还原酶，缺Mn2+的植物就无法利用盐，这说明无机盐离子（ ）
A．对维持生物体生命活动有重要作用 B．对维持细胞形态有重要作用 C．对维持酸碱平衡有重要作用 D．对调节细胞渗透压有重要作用
13．农民收获水稻后要将种子晒干，而在播种前又要浸种．这主要是因为（ ） A．自由水含量影响新陈代谢 B．结合水是细胞的重要组成成分 C．水是光合作用的重要原料 D．水是呼吸作用的重要原料
14．某人得了脂肪肝病，则肝细胞中含量最多的化合物是（ ） A．脂肪 B．蛋白质 C．水 D．无机盐
15．马拉松长跑运动员在进入冲刺阶段时，发现少数运动员下肢肌肉发生抽搐，这是由于随着大量排汗而向外排出了过量的（ ） A．水 B．钙盐 C．钠盐 D．尿素
16．“朴雪”乳酸亚铁口服液可以有效治疗人类缺铁性贫血症，这是因为其中的Fe2+进入人体后能（ ）
A．调节血液的酸碱平衡 B．调节血液的渗透压 C．参与构成血红蛋白 D．促使更多红细胞的产生
17．水中氧含量随水温的升高而下降．生活在寒温带湖泊中的某动物，其血液中的血红蛋白含量与其生活的水温有关．如图中能正确表示一定温度范围内该动物血液中血红蛋白含量随水温变化趋势的曲线是（ ）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
18．下列物质中，属于构成人体蛋白质的氨基酸的是（ ）
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A．①③⑤ B．①②③ C．②③④ D．③④⑤
19．血液中的血红蛋白和肌肉中的肌动蛋白的结构不同的原因是（ ） A．所含氨基酸的种类不同 B．所含氨基酸的数目不同 C．所含氨基酸的排列顺序不同
D．所含氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构不同 20．下列各项与蛋白质的作用无关的是（ ）
A．催化与调节 B．运动 C．运送物质 D．储存遗传信息
21．已知20种氨基酸的平均相对分子质量是128，现有一蛋白质分子由两条多肽链组成，共有肽键98个，此蛋白质的相对分子量最接近于（ ） A．12800 B．124 C．11036 D．12288
22．将蛋白质分子完全水解，检测所有氨基酸分子中的氨基和羧基，两者的数量关系可能是（ ）
A．相等 B．氨基多于羧基 C．氨基少于羧基 D．很难预测
23．在下列物质中，若将其中构成人体的氨基酸通过缩合而形成一条肽链，则此蛋白质分子中所有的羧基数是（ ）
A．1 个 B．2 个 C．3 个 D．4 个
24．某22肽被水解成1个4肽，2个3肽，2个6肽，则这些短肽的氨基总数的最小值及肽键总数依次是（ ） A．6、8 B．5、18 C．5、17 D．6、17
25．某蛋白质分子的相对分子质量为10412，20种氨基酸的平均相对分子质量为128．在形成该蛋白质分子时脱去的水分子总相对分子质量为1620．则该蛋白质分子的肽链数为（ ）
A．一条 B．两条 C．三条 D．四条
26．蛋白质和多肽的主要区别是（ ） A．蛋白质具有一定的空间结构 B．蛋白质的氨基酸数比多肽多 C．蛋白质的相对分子质量比多肽大
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D．蛋白质能水解成多种氨基酸
27．两个氨基酸分子缩合会形成二肽，并生成一分子水．这个水分子中的氢来自（ ） A．氨基 B．羧基
C．氨基和羧基 D．连接在碳原子上的氢 28．用压榨法提取橘皮精油前需要将橘皮放在石灰水中浸泡10h以上，这样做的好处不包括（ ）
A．出油率高 B．过滤时不会堵塞筛眼
C．用石灰水经济实惠 D．压榨时不会滑脱
29．橘皮精油的提取中要用石灰水浸泡，其目的是（ ） A．与橘皮中的有机酸反应，防止损坏橘皮精油 B．破坏细胞结构，分解果胶，提高出油率 C．防止提取过程中橘皮精油的有效成分分解 D．防止蒸馏过程中原料发生焦糊
30．在玫瑰精油提取中，收集锥形瓶中的乳白色的乳浊液后，需要向锥形瓶中加入下列哪种物质（ ）
A．氯化钠 B．硫酸铜 C．石灰水 D．无水硫酸钠 31．下列植物芳香油从花中提取的是（ ） A．茴香油 B．橘皮油 C．樟油 D．玫瑰油
32．柑橘、柠檬芳香油的制备通常采用压榨法而不采用水蒸气蒸馏法，原因是（ ） A．水中蒸馏会导致原料焦糊 B．柑橘、柠檬芳香油易溶于水 C．会使芳香油的有效成分水解 D．A和C
33．压榨完橘皮后，处理压榨液时，其目的是（ ） A．除去质量较小的残留固体物 B．除去固体物和残渣 C．除去果蜡、果胶 D．除去水分
34．在玫瑰精油的提取中，要加入无水硫酸钠，应在哪一步后加入（ ） A．水蒸气蒸馏 B．分离油层 C．过滤 D．水解
35．有关胡萝卜素鉴定的纸层析法操作，下列叙述错误的是（ ） A．选择干净的滤液
B．点样时点样斑点不能太大
C．点样后用吹风机吹干，温度不宜过高
D．将点好样的滤纸卷成圆筒状，且滤纸的两边可以相互接触 36．在提取玫瑰精油的实验中，加入氯化钠的目的是（ ） A．蒸馏 B．得到油水混合物 C．分离油层 D．除水
37．下列对胡萝卜素提取过程的分析正确的是（ ）
A．在把新鲜的胡萝卜置于烘箱中烘干时，温度越高、干燥时间越长，烘干效果越好 B．在萃取过程中，在瓶中安装冷凝回流装置是为了防止加热时有机溶剂挥发 C．在浓缩干燥前，没有必要进行过滤
D．将滤液用蒸馏装置进行蒸馏，要收集蒸发出去的液体，蒸发出去的是胡萝卜素，留下的是有机溶液
38．下列不属于橘皮精油提取中应注意的问题事项的是（ ） A．橘皮在石灰水中浸泡时间为10小时以上 B．橘皮要浸透，从而压榨时不会滑脱 C．压榨液的粘稠度要高，从而提高出油率
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D．为了使橘皮油与水分离，可加入相当于橘皮质量0.25%的小苏打和5%的硫酸钠，并调节PH为7﹣8
39．下面不能用于提取芳香化合物的是（ ） A．真菌 B．杏仁 C．橘皮 D．细菌
40．玫瑰精油被称为“液体黄金”，其提取方法（ ） A．只能用水蒸气蒸馏法 B．可用蒸馏法和压榨法 C．可用蒸馏法和萃取法 D．可用压榨法和萃取法
二、非选择题（每空1分，共40分）
41．.图中的A为蓝藻细胞结构示意图，B为水绵的细胞的结构示意图．请据图分析回答：
（1）与水绵细胞相比较，蓝藻细胞由于[1]区没有 ，因而属于原核细胞；水绵细胞由于具有[ ] 而属于真核细胞．
（2）在蓝藻细胞和水绵细胞中，它们共有的结构有[3]和[11] 、[4]和
[10] 、[5]和[6] ，这体现了不同类细胞之间的 ． （3）由于蓝藻细胞和水绵细胞都能进行光合作用，因而属于 生物．在它们的光合作用色素中都有 ，不同的是蓝藻还含有 ． （4）生活在水中的这两种生物，当 时都能构成“水华”．
42．下面是一组探究生物体内主要有机物存在与否的鉴别实验，按表中数字顺序填空： 实验序号 待检物质 试剂 颜色反应 ⑤ 1 蛋白质 双缩脲试剂 ③ 2 脂肪 橘黄色 ① 3 斐林试剂 砖红色 ⑥ 4 DNA 甲基绿 ⑦ 5 DNA 二苯胺 ② 6 吡罗红（派洛宁） 红色 ④ 7 淀粉 蓝色 （1）① ；② ；③ ； ④ ；⑤ ；⑥ ； ⑦ ；
（2）以上实验需要水浴加热的是（填实验序号） ． 43．下列是某化合物的结构简图，据图回答：
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（1）此化合物的名称是 ，含有 个﹣NH2， 个﹣COOH．
（2）图中含有肽键 个，肽键可表示为 ；图中表示R基的代号是 ．
（3）形成该化合物的生物化学反应叫做 ，在这个过程中，相对分子质量减少了 ．
（4）1个“十二肽”分子水解时需要的水分子数是 ．
（5）假设20种氨基酸的平均相对分子质量为125，现由四条肽链共80个氨基酸构成的蛋白质，其相对分子质量约 ． 44．分析下图，完成下列问题：
（1）在提取β﹣胡萝卜素时，用的有机溶剂是 ． （2）萃取的效率主要取决于 ．
（3）因为 ，所以应避免明火加热，而采用水浴加热的方法．通过加热处理，β﹣胡萝卜素溶解在萃取剂中，再经 得到萃取液，经过 后，可 得到纯净的β﹣胡萝卜素．
（4）胡萝卜素粗品鉴定的方法的名称是 ．
（5）图中②的名称是 ．①的作用是 ． （6）⑤为 ．
（7）如果层析液没及⑤会导致 ．
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2015-2016学年青海省西宁四中高二（下）期末生物试卷
参与试题解析
一、选择题（每小题1.5分，40小题，共60分）
1．下列关于生命系统的结构层次的说法不正确的是（ ） A．生物圈是地球上最大的生态系统 B．细菌既属于细胞层次也属于个体层次
C．病毒是生物，因此属于生命系统的结构层次
D．生物大分子如蛋白质､核酸不属于生命系统的结构层次 【考点】细胞的发现、细胞学说的建立、内容和发展． 【分析】生命系统的结构层次
（1）生命系统的结构层次由小到大依次是细胞、组织、器官、系统、个体、种群、群落、生态系统和生物圈．
（2）地球上最基本的生命系统是细胞．分子、原子、化合物不属于生命系统． （3）生命系统各层次之间层层相依，又各自有特定的组成、结构和功能． （4）生命系统包括生态系统，所以应包括其中的无机环境． 【解答】解：A、生物圈是地球上最大的生态系统，A正确；
B、细菌为单细胞生物，既属于细胞层次也属于个体层次，B正确； C、病毒是生物，但不属于生命系统的结构层次，C错误；
D、生物大分子如蛋白质､核酸不属于生命系统的结构层次，D正确． 故选：C．
2．用高倍镜观察洋葱根尖的细胞比用低倍镜观察到的细胞数目、大小和视野的明暗情况依次为（ ）
A．多、大、亮 B．少、小、暗 C．多、小、暗 D．少、大、暗 【考点】细胞观察实验．
【分析】本题是对显微镜的使用方法的考查，用显微镜观察细胞，放大的倍数越大、观察的细胞数目越少，视野越暗，视野中的细胞越大，反之亦然．
【解答】解：与低倍镜相比，用高倍镜观察洋葱根尖的细胞，观察到的细胞数目少，视野中细胞小，视野暗． 故选：D．
3．若在载玻片上有一个字母“b”，则在显微镜视野中看到的应该是（ ） A．b B．d C．p D．q 【考点】细胞观察实验．
【分析】显微镜下呈现的是倒像，即真正意义上的全颠倒，上下倒，左右也倒． 【解答】解：显微镜下呈现的是倒像，上下倒，左右也倒，所以若在载玻片上有一个字母“b”，则在显微镜视野中看到的应该是q，D正确． 故选：D．
4．一片森林中的桉树苗、小桉树、大桉树组成一个（ ） A．种群 B．群落 C．生态系统 D．生物圈
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【考点】种群的特征．
【分析】1、生态学上，把在一定时间内占据一定空间的同种生物的所有个体称为种群． 2、群落是指生活在一定的自然区域内，相互之间具有直接或间接关系的各种生物的总和． 3、生态系统由生物群落和无机环境组成．
【解答】解：桉树苗、小桉树、大桉树都是同种生物，一定自然区域内同种生物的所有个体构成了种群．因此，一片森林中的桉树苗、小桉树、大桉树组成一个种群． 故选：A．
5．关于①蓝藻、②酵母菌、③乳酸菌、④水绵、⑤黑藻、⑥噬菌体这6种生物的归纳错误的是（ ）
A．均可用光学显微观察内部DNA B．含有线粒体的只有②④⑤ C．生产者只有①④⑤ D．都含有蛋白质与核酸
【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同；生态系统的结构．
【分析】1、①蓝藻、③乳酸菌都是原核生物；②酵母菌、④水绵、⑤黑藻都是真核生物；⑥噬菌体是病毒，不具有细胞结构，既不是原核生物，也不是真核生物． 2、原核细胞只有核糖体一种细胞器．
【解答】解：A、⑥噬菌体是病毒，病毒没有细胞结构，体积很小，需要用电子显微观察内部DNA，A错误；
B、一般真核生物均含有线粒体，题干中的②酵母菌、④水绵、⑤黑藻中含有线粒体（①蓝藻和③乳酸菌是原核生物，无线粒体，⑥噬菌体是病毒，不具有细胞结构，无线粒体），B正确；
C、①④⑤均可进行光合作用制造有机物，属生产者，②③⑥不能通过光合作用或化能合成作用制造有机物，C正确；
D、蛋白质是生命活动的主要承担者，核酸是细胞内携带遗传信息的物质，题干中内的六种生物均含蛋白质和核酸，D正确． 故选：A．
6．下列各项中，下列生物中属于原核生物的一组是（ ） A．青霉菌、黄曲霉菌 B．酵母菌、甲烷杆菌 C．乳酸菌、霍乱弧菌 D．大肠杆菌、金针菇
【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同．
【分析】常考的真核生物：绿藻、衣藻、真菌（如酵母菌、霉菌、蘑菇）、原生动物（如草履虫、变形虫）及动、植物．
常考的原核生物：蓝藻（如颤藻、发菜、念珠藻）、细菌（如乳酸菌、硝化细菌、大肠杆菌等）、支原体、衣原体、放线菌．
另外，病毒既不是真核也不是原核生物．
【解答】解：A、青霉菌、黄曲霉菌都是真菌，都属于真核生物，A错误； B、酵母菌是一种真菌，属于真核生物，B错误； C、乳酸菌和霍乱弧菌菌都属于原核生物，C正确； D、金针菇是一种真菌，属于真核生物，D错误． 故选：C．
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7．下列关于对细胞学说的理解中，不正确的一项是（ ） A．细胞是一个相对的具有自己生命的有机体 B．所有的生命体都是以细胞为单位构成的 C．每个细胞的生命会对生物体的生命产生影响
D．细胞学说揭示了细胞统一性和生物体结构统一性 【考点】细胞的发现、细胞学说的建立、内容和发展．
【分析】细胞学说是由施莱登和施旺建立的，揭示了细胞和生物的统一性．后来德国科学家魏尔肖对细胞学说进行补充，提出“所有的细胞都来源于先前存在的细胞”． 细胞学说的主要内容：
（1）细胞是一个有机体，一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞产物所构成． （2）细胞是一个相对的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用． 揭示了细胞的统一性和生物体结构的统一性． （3）新细胞可以从老细胞中产生．
【解答】解：A、细胞是一个相对的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用，A正确； B、病毒无细胞结构，B错误；
C、细胞是一个相对的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用，C正确；
D、细胞学说指出一切动植物都由细胞发育而来，揭示了细胞统一性和生物体结构统一性，D正确． 故选：B．
8．下列哪一项代表了高等植物个体的结构层次（ ）
A．细胞→组织→器官→系统→个体 B．细胞→组织→器官→个体 C．细胞→组织→器官→个体→种群 D．细胞→器官→系统→个体 【考点】细胞的发现、细胞学说的建立、内容和发展．
【分析】生命系统的结构层次：细胞→组织→器官→系统→个体→种群→群落→生态系统，植物没有“系统”这一层次．
【解答】解：A、植物没有系统这一层次，A错误；
B、高等植物个体的结构层次为：细胞→组织→器官→个体，B正确； C、高等植物个体的结构层次不包括种群，C错误； D、植物没有系统这一层次，D错误． 故选：B．
9．关于HIV病毒的叙述，正确的是（ ） A．HIV在活细胞外能大量增殖 B．HIV不含有核糖体这一种细胞器 C．HIV是最基本的生命系统 D．HIV病毒不含核酸
【考点】艾滋病的流行和预防．
【分析】病毒是一类没有细胞结构的特殊生物，只有蛋白质外壳和内部的遗传物质构成，不能的生活和繁殖，只有寄生在其他生物的活细胞内才能生活和繁殖，一旦离开了活细胞，病毒就无法进行生命活动．
【解答】解：A、HIV病毒只能寄生在活细胞内，不能在活细胞外大量增殖，A错误；
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B、HIV无细胞结构，不含有核糖体这一种细胞器，B正确； C、细胞是最基本的生命系统，C错误； D、HIV病毒含有RNA，D错误． 故选：B．
10．在生物体内含量极少，但对维持生物体正常生命活动必不可少的元素是（ ） A．Fe、Mn、Zn、Mg B．Zn、Cu、Mn、Ca C．Zn、Cu、B、Mn D．Mg、Mn、Cu、Mo
【考点】无机盐的主要存在形式和作用．
【分析】微量元素在生物体中含量很少，但切是生物体正常生命活动必不可少的元素，细胞中常见的元素有20种，大量元素有C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg，微量元素有Fe、Mn、B、Zn、Mo、Cu．
【解答】解：A、Mg是大量元素，A错误； B、Ca是大量元素，B错误；
C、Zn、Cu、B、Mn都是微量元素，C正确； D、Mg是大量元素，D错误． 故选：C．
11．幼小植物体内自由水与结合水的比值不断增大时，植物体内新陈代谢活跃，生长迅速；自由水与结合水的比值不断减小时，植物体内的新陈代谢减弱，生长缓慢．下面解释正确的组合是（ ）
①结合水是构成植物细胞结构的一部分； ②结合水参与某些代谢反应； ③自由水是各种代谢活动的介质； ④自由水参与某些代谢反应．
A．①② B．②③ C．③④ D．①④ 【考点】水在细胞中的存在形式和作用．
【分析】水在细胞中以自由水和结合水形式存在．结合水在细胞中含量较低，与细胞内其它物质结合，是细胞结构的组成成分．休眠的种子、越冬的植物生活在干旱条件下的植物，体内结合水的含量相对增多，使植物的抗逆性增强．自由水以游离形式存在，可以自由流动．是良好的溶剂、能运送营养物质和代谢的废物、也参与细胞中各种代谢作用．在幼嫩植物、代谢旺盛细胞含量高．所以生物代谢旺盛，结合水与自由水的比例降低．当生物代谢缓慢，结合水与自由水比例上升．
【解答】解：①结合水是构成植物细胞结构的一部分，但不能解释上述现象，①错误； ②结合水不参与代谢反应，自由水参与某些代谢反应，②错误； ③自由水是良好的溶剂，是各种代谢活动的介质，③正确；
④自由水参与某些代谢反应，自由水减少会降低新陈代谢，④正确． 故答案为：C．
12．已知Mn2+是许多酶的活化剂，例如能激活还原酶，缺Mn2+的植物就无法利用盐，这说明无机盐离子（ ）
A．对维持生物体生命活动有重要作用 B．对维持细胞形态有重要作用 C．对维持酸碱平衡有重要作用
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D．对调节细胞渗透压有重要作用
【考点】无机盐的主要存在形式和作用． 【分析】无机盐离子的作用有：（1）维持细胞和生物体的生命活动有重要作用；（2）维持细
胞的酸碱平衡；（3）维持细胞的渗透压；（4）无机盐对维持细胞的形态和功能有重要作用等．
【解答】解：A、Mn2+能够激活还原酶，使发生化学变化后被植物体利用，这说明Mn2+对于维持生物体的生命活动有重要作用，A正确；
B、对维持细胞形态有重要作用的主要是大量元素，B错误； C、维持酸碱平衡作用的是缓冲对，C错误；
D、对调节细胞渗透压有重要作用主要是大量元素，D错误． 故选：A．
13．农民收获水稻后要将种子晒干，而在播种前又要浸种．这主要是因为（ ） A．自由水含量影响新陈代谢 B．结合水是细胞的重要组成成分 C．水是光合作用的重要原料 D．水是呼吸作用的重要原料
【考点】水在细胞中的存在形式和作用．
【分析】农民在水稻收获后要将种子晒干，是为了防止因含水量过高引起腐烂，发霉等等，晒干后更易贮藏．在播种前又要浸种，是为了缩短种子发芽的时间，因为田间播种，发芽过程中幼苗的耐逆性差，受气候影响很大如低温，连续阴雨，干旱等，所以缩短发芽时间可以提高种子发芽质量．
【解答】解：A、在播种前浸种是为了使种子吸收水分，使自由水增加，促使细胞代谢加强，故A正确；
B、结合水与细胞内的亲水性物质（纤维素、蛋白质和脂肪等）相结合．结合水的相对含量与植物的抗逆性有关，故B错误；
C、种子没有叶绿体，没有光合作用色素，种子不能进行光合作用，故C错误；
D、种子晒干是为了降低种子的含水量，降低种子的呼吸作用．在播种前又要浸种，是为了提高新陈代谢，缩短发芽时间，可以提高种子发芽质量，故D错误． 故选：A．
14．某人得了脂肪肝病，则肝细胞中含量最多的化合物是（ ） A．脂肪 B．蛋白质 C．水 D．无机盐 【考点】水在细胞中的存在形式和作用． 【分析】细胞内各类化合物及含量： 化合物 质量分数/% 水 占85～90 蛋白质 占7～10 脂质 占1～2 无机盐 占1～1.5 糖类和核酸 占1～1.5 【解答】解：活细胞中含量最多的化合物是水，其次是蛋白质．因此，在脂肪肝病人的肝细胞中，含量最多的化合物是水． 故选：C．
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15．马拉松长跑运动员在进入冲刺阶段时，发现少数运动员下肢肌肉发生抽搐，这是由于随着大量排汗而向外排出了过量的（ ） A．水 B．钙盐 C．钠盐 D．尿素
【考点】无机盐的主要存在形式和作用．
【分析】本题是对无机盐作用的考查，梳理无机盐的作用和缺乏症，然后根据题干信息进行解答．
【解答】解：由于血液中钙离子的浓度过低会引起肌肉抽搐，因此拉松长跑运动员在进入冲刺阶段时，发现少数运动员下肢肌肉发生抽搐，这是由于随着大量排汗而向外排出了过量的钙盐所致． 故选：B．
16．“朴雪”乳酸亚铁口服液可以有效治疗人类缺铁性贫血症，这是因为其中的Fe2+进入人体后能（ ）
A．调节血液的酸碱平衡 B．调节血液的渗透压 C．参与构成血红蛋白 D．促使更多红细胞的产生 【考点】无机盐的主要存在形式和作用．
【分析】在红细胞内，有一种红色含铁的蛋白质叫血红蛋白，红细胞之所以呈红色，就是因为含有血红蛋白．
【解答】解：红细胞富含一种红色含铁的蛋白质，叫血红蛋白．Fe2+是构成血红蛋白的一种成分，因此如果缺铁易患贫血．所以“朴雪”乳酸亚铁口服液可以有效的治疗人类缺铁性贫血症，这是因为其中的Fe2+进入人体后能构成红细胞中的血红蛋白． 故选：C．
17．水中氧含量随水温的升高而下降．生活在寒温带湖泊中的某动物，其血液中的血红蛋白含量与其生活的水温有关．如图中能正确表示一定温度范围内该动物血液中血红蛋白含量随水温变化趋势的曲线是（ ）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
【考点】蛋白质在生命活动中的主要功能．
【分析】本题考查细胞呼吸的相关知识．随着水温的升高，该动物细胞代谢会增强，而水中氧气的含量反而下降，这时候机体会产生更多的血红蛋白来弥补．
【解答】解：由于随水温的升高导致水中的含氧量下降，水中含氧量下降这一环境变化会使得该动物的血红蛋白含量增加，以增加对氧气的运输能力，以满足组织细胞生命活动对氧气的需求，因此可知在一定温度范围内，该动物血液中血红蛋白的含量随水温升高而增加． 故选：A
18．下列物质中，属于构成人体蛋白质的氨基酸的是（ ）
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A．①③⑤ B．①②③ C．②③④ D．③④⑤ 【考点】氨基酸的分子结构特点和通式．
【分析】阅读题干和题图二可知，该题的知识点是组成蛋白质的氨基酸的结构特点，组成蛋白质的氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上．
【解答】解：①的氨基酸的氨基和羧基连接在同一个碳原子上，是组成蛋白质的氨基酸，①正确；
②的化合物中没有羧基，不是组成蛋白质的氨基酸，②错误；
③有一个羧基和氨基连接在同一个碳原子上，是组成蛋白质的氨基酸，③正确； ④的氨基和羧基不连接在同一个碳原子上，不是组成蛋白质的氨基酸，④错误； ⑤有一个氨基和羧基连接在同一个碳原子上，是组成蛋白质的氨基酸，⑤正确． 故选：A．
19．血液中的血红蛋白和肌肉中的肌动蛋白的结构不同的原因是（ ） A．所含氨基酸的种类不同 B．所含氨基酸的数目不同 C．所含氨基酸的排列顺序不同
D．所含氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构不同 【考点】蛋白质分子结构多样性的原因．
【分析】本题是对蛋白质分子多样性原因的考查，蛋白质的多样性与组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构有关．
【解答】解：血液中的血红蛋白和肌肉中的肌动蛋白的结构不同是由于组成两种蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构不同造成的． 故选：D．
20．下列各项与蛋白质的作用无关的是（ ）
A．催化与调节 B．运动 C．运送物质 D．储存遗传信息 【考点】蛋白质在生命活动中的主要功能．
【分析】蛋白质是生命活动的主要承担者，蛋白质的功能有：①有的蛋白质是细胞和生物体结构的重要组成成分，称结构蛋白；②有的蛋白质具有催化功能，如大多数酶是蛋白质；③有的蛋白质具有运输功能，如血红蛋白和载体蛋白；④有的蛋白质具有进行细胞间的信息传递、调节机体生命活动的功能，如蛋白质类的激素；⑤有的蛋白质具有免疫功能，如抗体等．
【解答】解：A、大多数酶的化学本质是蛋白质，酶具有催化作用，部分激素（如胰岛素）具有信息传递、调节机体生命活动的功能，A正确；
B、肌肉的主要成分是蛋白质，运动与肌肉的收缩有关，即运动与蛋白质的作用有关，B正确；
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C、血红蛋白是含铁的蛋白质，具有运输氧的功能，C正确；
D、蛋白质不能储存遗传信息，储存遗传信息的物质是核酸，D错误． 故选：D．
21．已知20种氨基酸的平均相对分子质量是128，现有一蛋白质分子由两条多肽链组成，共有肽键98个，此蛋白质的相对分子量最接近于（ ） A．12800 B．124 C．11036 D．12288 【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．
【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接再同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团．氨基酸在核糖体上通过脱水缩合的方式形成多肽，连接两个氨基酸分子的化学键叫做肽键，用化学式﹣NH﹣CO﹣表示．在蛋白质分子合成过程中①失去
②蛋白质相对分子质量=氨基酸平均相对分子质量×水分子数=肽键数=氨基酸数﹣肽链数；
氨基酸数量﹣失去水分子数×水的相对分子质量③一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，在肽链内部的R基中可能也有氨基和羧基．
【解答】解：氨基酸经过脱水缩合反应合成蛋白质，则蛋白质的相对分子质量为：氨基酸的总质量﹣脱水的质量=128×（98+2）﹣18×98=11036． 故选：C．
22．将蛋白质分子完全水解，检测所有氨基酸分子中的氨基和羧基，两者的数量关系可能是（ ）
A．相等 B．氨基多于羧基 C．氨基少于羧基 D．很难预测 【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．
【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接再同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团．
【解答】解：由于每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，当侧链基团中没有氨基和羧基时，氨基酸分子中的氨基和羧基相等；当侧链基团中只有氨基或氨基多于羧基时，氨基酸分子中的氨基多于羧基；当侧链基团中只有羧基或羧基多于氨基时，氨基酸分子中的氨基少于羧基．因此无法确定所有氨基酸分子中的氨基和羧基的数量关系． 故选：D．
23．在下列物质中，若将其中构成人体的氨基酸通过缩合而形成一条肽链，则此蛋白质分子中所有的羧基数是（ ）
A．1 个 B．2 个 C．3 个 D．4 个
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【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．
【分析】本题考查的是氨基酸的脱水缩合，可结合氨基酸的结构通式进行思考答题．氨基酸的结构特点是：至少含有一个氨基（﹣NH2）和一个羧基（﹣COOH），并且这一个氨基和羧基连在同一个碳原子上，根据这一特点判断：①④⑥有一个氨基一个羧基，并且连在同一个碳原子上，属于构成人体蛋白质的氨基酸，②有一个氨基一个羧基，但是氨基和羧基不是连在同一个碳原子上，所以不是构成人体蛋白质的氨基酸，③有两个羧基，一个氨基，其中一个氨基和羧基是连在同一个碳原子上的，符合要求，⑤没有氨基，不能称为是氨基酸，综上，构成人体蛋白质的氨基酸是①③④⑥四个．
【解答】解：根据脱水缩合的定义，氨基酸的一个氨基和另一个氨基酸的羧基相互结合，同时脱去一分子子水的过程，所以两个氨基酸脱水缩合，生成的化合物至少含有一个氨基和一个羧基．如果氨基酸的R基上还有氨基或者是羧基，还要再加上R基上的氨基或者是羧基，①③④⑥四个氨基酸脱水缩合，由于③的R基是一个羧基，所以最后形成的化合物有2个羧基． 故选：B．
24．某22肽被水解成1个4肽，2个3肽，2个6肽，则这些短肽的氨基总数的最小值及肽键总数依次是（ ） A．6、8 B．5、18 C．5、17 D．6、17 【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．
【分析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是，即每种氨基
酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同．
2、氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱出一分子水的过程；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数．
2个3肽，2个6肽后，【解答】解：某22肽被水解成1个4肽，这些短肽的肽链数=1+2+2=5
条．
①这些短肽的氨基总数的最小值=肽链数=5个；
②这些短肽的肽键总数=氨基酸数﹣肽链数=22﹣5=17个（或根据肽键数=氨基酸数﹣肽链数，可知1个4肽中的肽键=4﹣1=3个、1个3肽中的肽键=3﹣1=2个，1个6肽中的肽键=6﹣1=5个，所以1个4肽、2个3肽、2个6肽中的肽键总数=3×1+2×2+5×2=17个）． 故选：C．
25．某蛋白质分子的相对分子质量为10412，20种氨基酸的平均相对分子质量为128．在形成该蛋白质分子时脱去的水分子总相对分子质量为1620．则该蛋白质分子的肽链数为（ ）
A．一条 B．两条 C．三条 D．四条
【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．
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【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团．
氨基酸在核糖体上通过脱水缩合的方式形成多肽，连接两个氨基酸分子的化学键叫做肽键，用化学式﹣NH﹣CO﹣表示．
②蛋白质相对分子在蛋白质分子合成过程中①失去水分子数=肽键数=氨基酸数﹣肽链数；
质量=氨基酸平均相对分子质量×氨基酸数量﹣失去水分子数×水的相对分子质量③一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，在肽链内部的R基中可能也有氨基和羧基．
【解答】解：根据多肽链的形成过程可知：在形成该蛋白质分子时脱去的水分子总相对分子质量为1620，说明生成的水分子为1620÷18=90．根据失去水分子数=肽键数=氨基酸数﹣肽链数，设肽链数为X，则氨基酸数=肽键数+肽链数．根据蛋白质相对分子质量=氨基酸平均相对分子质量×氨基酸数量﹣失去水分子数×水的相对分子质量可得：10412=128×（90+X）﹣1620，即可求出X=4． 故选：D．
26．蛋白质和多肽的主要区别是（ ） A．蛋白质具有一定的空间结构 B．蛋白质的氨基酸数比多肽多 C．蛋白质的相对分子质量比多肽大 D．蛋白质能水解成多种氨基酸
【考点】蛋白质分子的化学结构和空间结构．
【分析】由多个氨基酸分子脱水缩合形成的一条链状结构的化合物，叫做多肽．
氨基酸首先进行脱水缩合形成多肽，多肽逐渐形成肽链，然后肽链再盘曲、折叠，就形成具有一定空间结构的蛋白质分子．
【解答】解：A、根据蛋白质和多肽的形成过程可知，蛋白质和多肽的主要区别是蛋白质具有空间结构，A正确；
B、蛋白质的氨基酸数可能比多肽少，如胰岛素的氨基酸数只有51个，B错误； C、多肽的分子量有可能比蛋白质高，C错误；
D、蛋白质和多肽水解都能获得多种氨基酸，D错误． 故选：A．
27．两个氨基酸分子缩合会形成二肽，并生成一分子水．这个水分子中的氢来自（ ） A．氨基 B．羧基
C．氨基和羧基 D．连接在碳原子上的氢 【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．
【分析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是，即每种氨基
酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同． 2、氨基酸脱水缩合的过程如右图所示：
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．
【解答】解：两个氨基酸分子脱水缩合形成二肽时，一个氨基酸上的氨基和另一个氨基酸上的羧基通过脱水缩合的方式形成肽键，即“﹣NH﹣CO﹣”，同时氨基上的“﹣H”和羧基上的“﹣OH”结合生成水，所以脱去的水分子中的氢来自于羧基和氨基（水分子中的氧来自于羧基）．
故选：C． 28．用压榨法提取橘皮精油前需要将橘皮放在石灰水中浸泡10h以上，这样做的好处不包括（ ）
A．出油率高 B．过滤时不会堵塞筛眼
C．用石灰水经济实惠 D．压榨时不会滑脱 【考点】提取芳香油．
【分析】1、橘皮精油的提取方法常用压榨法，实验流程是石灰水浸泡→漂洗→压榨→过滤→静置→再次过滤→橘皮油；2、浸泡的目的是破坏细胞结构、分解果胶，防止橘皮压榨时滑脱，提高出油率，浸泡时间应该长一些，在10小时以上；
3、为了使橘皮油易于与水分离，压榨过程中加入相当于橘皮质量0.25%的小苏打和5%的硫酸钠，并调节pH为7～8．
【解答】解：浸泡的目的是破坏细胞结构、分解果胶，防止橘皮压榨时滑脱，提高出油率，浸泡时间应该长一些，在10小时以上． 故选：C．
29．橘皮精油的提取中要用石灰水浸泡，其目的是（ ） A．与橘皮中的有机酸反应，防止损坏橘皮精油 B．破坏细胞结构，分解果胶，提高出油率 C．防止提取过程中橘皮精油的有效成分分解 D．防止蒸馏过程中原料发生焦糊 【考点】提取芳香油．
【分析】橘皮油主要存在于橘皮中，提取橘皮油的常用方法是压榨法，压榨法提取橘皮油的实验流程是：石灰水浸泡→漂洗→压榨→过滤→静置→再过滤→橘皮油．
【解答】解：由于橘皮中含有大量的果蜡和果胶，压榨时容易滑脱，用石灰水浸泡是为了破坏细胞结构，分解果胶，防止橘皮压榨时滑脱，提高出油率． 故选：B．
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30．在玫瑰精油提取中，收集锥形瓶中的乳白色的乳浊液后，需要向锥形瓶中加入下列哪种物质（ ）
A．氯化钠 B．硫酸铜 C．石灰水 D．无水硫酸钠 【考点】提取芳香油．
【分析】玫瑰精油提取的实验流程中的试剂的作用是：
①加入氯化钠的目的是增大盐水的密度，有利于玫瑰油与水的分层；②加入无水Na2SO4的目的是吸收精油中残留的水分．
【解答】解：在提取玫瑰精油的实验流程中，收集锥形瓶中的乳白色的乳浊液后，需要向锥形瓶中加入氯化钠，原因是其易溶于水且其溶液的密度比玫瑰精油的密度大，可以使油水分层．
故选：A．
31．下列植物芳香油从花中提取的是（ ） A．茴香油 B．橘皮油 C．樟油 D．玫瑰油 【考点】提取芳香油．
【分析】植物芳香油的提取方法有蒸馏法、压榨法和萃取法等，具体采用哪种方法要根据植物原料的特点来决定．
（1）蒸馏法：芳香油具有挥发性．把含有芳香油的花、叶等放入水中加热，水蒸气能将挥发性较强的芳香油携带出来，形成油水混合物；冷却后，油水混合物又会重新分成油层和水层，除去水层便得到芳香油，这种提取方法叫蒸馏法；根据蒸馏过程中原料放置的位置的标准，将水蒸气蒸馏法划分为水中蒸馏、水上蒸馏和水气蒸馏．
（2）萃取法：这种方法需要将新鲜的香花等植物材料浸泡在乙醚、石油醚等低沸点的有机溶剂中，使芳香油充分溶解，然后蒸去低沸点的溶剂，剩下的就是芳香油．
（3）压榨法：在橘子、柠檬、甜橙等植物的果皮中，芳香油的含量较多，可以用机械压力直接榨出，这种提取方法叫压榨法．
【解答】解：A、茴香油主要从叶片中提取，错误； B、橘皮油主要从橘皮中进行提取，B错误；
C、樟油主要存在于树干中，从树干中提取，C错误； D、玫瑰油主要从玫瑰花中提取，D正确． 故选：D．
32．柑橘、柠檬芳香油的制备通常采用压榨法而不采用水蒸气蒸馏法，原因是（ ） A．水中蒸馏会导致原料焦糊 B．柑橘、柠檬芳香油易溶于水 C．会使芳香油的有效成分水解 D．A和C 【考点】提取芳香油．
【分析】由于水中蒸馏会导致原料焦糊、会使芳香油的有效成分水解，所以柑橘、柠檬芳香油的制备通常不采用水蒸气蒸馏法．
【解答】解：柑橘、柠檬等芳香油的制备通常使用压榨法而不采用水蒸气蒸馏法，原因是水蒸气蒸馏需要高温加热，柑橘、柠檬等加热容易导致原料焦糊和有效成分水解等问题，因此，柑橘、柠檬芳香油制备通常使用压榨法． 故选：D．
33．压榨完橘皮后，处理压榨液时，其目的是（ ） A．除去质量较小的残留固体物 B．除去固体物和残渣
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C．除去果蜡、果胶 D．除去水分
【考点】从生物材料中提取某些特定成分．
【分析】橘皮油主要存在于橘皮中，提取橘皮油的常用方法是压榨法，压榨法提取橘皮油的实验流程是：石灰水浸泡→漂洗→压榨→过滤→静置→再过滤→橘皮油． 【解答】解：压榨完橘皮后，处理压榨液时，其目的是除去固体物和残渣． 故选：B．
34．在玫瑰精油的提取中，要加入无水硫酸钠，应在哪一步后加入（ ） A．水蒸气蒸馏 B．分离油层 C．过滤 D．水解 【考点】提取芳香油．
【分析】1、植物有效成分提取常用的方法有蒸馏法、压榨法和萃取法：
①蒸馏法的原理是利用水蒸气将挥发性较强的植物芳香油携带出来，形成油水混合物，冷却后分离油层和水层，获得芳香油；
②压榨法是利用机械压力将原料压紧，将原料中的芳香油挤压出来；
③萃取法是将粉碎、干燥的植物原料用有机溶剂浸泡，使芳香油溶解在有机溶剂中，然后蒸发掉有机溶剂、获得芳香油的方法． 2、 具体选择植物芳香油的提取方法时应根据产品的性质和原料特点而选取不同的提取方法．【解答】解：用水蒸气蒸馏法提取玫瑰精油时，在油水混合物中加入氯化钠的作用是可以增加水的密度，便于油水分离．分离出的油层中加入无水硫酸钠的作用是吸收薄荷油中残留的水分． 故选：B．
35．有关胡萝卜素鉴定的纸层析法操作，下列叙述错误的是（ ） A．选择干净的滤液
B．点样时点样斑点不能太大
C．点样后用吹风机吹干，温度不宜过高
D．将点好样的滤纸卷成圆筒状，且滤纸的两边可以相互接触 【考点】从生物材料中提取某些特定成分．
【分析】对提取的胡萝卜素粗品鉴定采用的是纸层析法，其原理是色素在滤纸上扩散速度不同，从而使各成分分开．因层析液易挥发，故应在上方用玻璃盖盖严，以防止层析液挥发．胡萝卜素鉴定的方法一般采用纸层析法，其基线一般距底边2 cm．点样时，应该快速细致，圆点要小，每次点样时滤纸都要干燥．层析液不能没及滤液基线，否则点样处的有机成分会溶解在层析液中．
【解答】解：A、选择干净干燥的滤纸，减少其他色素和杂质，A正确；
B、点样圆点应细小，保证各种色素，同一起点、同一时间向上扩散，B正确； C、点样后用吹风机吹干，温度过高会使胡萝卜素分解，C正确；
D、滤纸两边不能接触，否则会由于毛细现象而使溶剂前沿不齐，D错误． 故选：D．
36．在提取玫瑰精油的实验中，加入氯化钠的目的是（ ） A．蒸馏 B．得到油水混合物 C．分离油层 D．除水 【考点】提取芳香油．
【分析】玫瑰精油提取的实验流程中的试剂的作用是：
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①加入氯化钠的目的是增大盐水的密度，有利于玫瑰油与水的分层；②加入无水Na2SO4的目的是吸收精油中残留的水分．
【解答】解：在提取玫瑰精油的实验流程中，向乳化液中加入NaCl的原因是其易溶于水且其溶液的密度比玫瑰精油的密度大，可以使油水分层． 故选：C．
37．下列对胡萝卜素提取过程的分析正确的是（ ）
A．在把新鲜的胡萝卜置于烘箱中烘干时，温度越高、干燥时间越长，烘干效果越好 B．在萃取过程中，在瓶中安装冷凝回流装置是为了防止加热时有机溶剂挥发 C．在浓缩干燥前，没有必要进行过滤
D．将滤液用蒸馏装置进行蒸馏，要收集蒸发出去的液体，蒸发出去的是胡萝卜素，留下的是有机溶液
【考点】从生物材料中提取某些特定成分．
【分析】胡萝卜素的化学性质稳定，不溶于水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂，常采用萃取法提取胡萝卜素．胡萝卜素的提取流程为：红萝卜﹣粉碎﹣干燥﹣萃取﹣过滤﹣浓缩﹣胡萝卜素．
【解答】解：A、在把新鲜的胡萝卜置于烘箱中烘干时，温度越高、干燥时间越长，胡萝卜素会分解，A错误；
B、在萃取过程中，为了防止加热时有机溶剂挥发需要在瓶中安装冷凝回流装置，B正确； C、在浓缩干燥前，需要进行过滤出去萃取液中的不溶物，C错误；
D、将滤液用蒸馏装置进行蒸馏，要收集蒸发出去的液体，蒸发出去的是有机溶液，留下的是胡萝卜素，D错误． 故选：B．
38．下列不属于橘皮精油提取中应注意的问题事项的是（ ） A．橘皮在石灰水中浸泡时间为10小时以上 B．橘皮要浸透，从而压榨时不会滑脱 C．压榨液的粘稠度要高，从而提高出油率
D．为了使橘皮油与水分离，可加入相当于橘皮质量0.25%的小苏打和5%的硫酸钠，并调节PH为7﹣8
【考点】从生物材料中提取某些特定成分．
【分析】压榨法是指在橘子、柠檬、甜橙等植物的果皮中，芳香油的含量较多，可以用机械压力直接榨出，这种提取方法叫压榨法．提取流程为：石灰水浸泡→漂洗→压榨→过滤→静置→再次过滤→橘皮油．
【解答】解：A、橘皮在石灰水中浸泡时间为10小时以上，其目的是防止橘皮压榨时滑脱，提高出油率，A正确；
B、橘皮要在石灰水中浸透，时间在16～24h，从而压榨时不会滑脱，B正确． C、压榨液的粘稠度过高，过滤时会堵塞筛眼，C错误；
D、为了使橘皮油与水分离，可加入相当于橘皮质量0.25%的小苏打和5%的硫酸钠，并调节PH为7﹣8，D正确． 故选：C．
39．下面不能用于提取芳香化合物的是（ ） A．真菌 B．杏仁 C．橘皮 D．细菌
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【考点】从生物材料中提取某些特定成分．
【分析】芳香化合物，原指一类从称为芳香化合物．现在 还包括了一些化学方法合成的带芳香气味的有机化合物，主要用于香料、香精．
【解答】解：ABC、真菌、杏仁和橘皮都能产生芳香化合物，可用于提取芳香化合物，ABC正确；
D、细菌一般不能产生芳香化合物，因此不能用于提取芳香化合物，D错误． 故选：D．
40．玫瑰精油被称为“液体黄金”，其提取方法（ ） A．只能用水蒸气蒸馏法 B．可用蒸馏法和压榨法 C．可用蒸馏法和萃取法 D．可用压榨法和萃取法 【考点】提取芳香油．
【分析】植物芳香油的提取方法有蒸馏法、压榨法和萃取法等，选择植物芳香油的提取方法时要根据产品的性质和原料特点来选取不同的提取方法：
1、蒸馏法的原理是利用水蒸气将挥发性较强的植物芳香油携带出来，形成油水混合物，冷却后分离油层和水层，获得芳香油；
2、压榨法是利用机械压力将原料压紧，将原料中的芳香油挤压出来；
3、萃取法是将粉碎、干燥的植物原料用有机溶剂浸泡，使芳香油溶解在有机溶剂中，然后蒸发掉有机溶剂从而获得芳香油．
【解答】解：玫瑰精油具有化学性质稳定，难溶于水，易溶于有机溶剂，挥发性较强的特点．
①若用盛花期的鲜玫瑰花为原料提取玫瑰精油，根据玫瑰精油的化学性质稳定，难溶于水，挥发性较强的特点，可以采用蒸馏法进行提取；
②若用干玫瑰花为原料提取玫瑰精油，根据玫瑰油易溶于有机溶剂的性质，也可以采用萃取法进行提取． 故选：C．
二、非选择题（每空1分，共40分）
41．.图中的A为蓝藻细胞结构示意图，B为水绵的细胞的结构示意图．请据图分析回答：
（1）与水绵细胞相比较，蓝藻细胞由于[1]区没有 核膜（或细胞核） ，因而属于原核细胞；水绵细胞由于具有[ 8 ] 细胞核 而属于真核细胞．
（2）在蓝藻细胞和水绵细胞中，它们共有的结构有[3]和[11] 细胞壁 、[4]和[10] 细胞膜 、[5]和[6] 细胞质 ，这体现了不同类细胞之间的 统一性 ．
（3）由于蓝藻细胞和水绵细胞都能进行光合作用，因而属于 自养 生物．在它们的光合作用色素中都有 叶绿素 ，不同的是蓝藻还含有 藻蓝素 ．
（4）生活在水中的这两种生物，当 水体富营养化 时都能构成“水华”． 【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同．
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【分析】分析A图：A为蓝藻细胞结构示意图，其中结构1为拟核，结构2为光合膜，结构3为细胞壁，结构4为细胞膜，结构5为细胞质．
分析B图：B为水绵细胞结构示意图，其中6为细胞质、7为带状叶绿体、8为细胞核，9为液泡，10为细胞膜，11为细胞壁． 【解答】解：（1）蓝藻属于原核生物，水绵属于真核生物，与真核细胞相比较，原核细胞没有以核膜为界限的细胞核，而真核细胞有以核膜为界限的细胞核．
（2）在蓝藻细胞和水绵细胞中，它们共有的结构有3和11细胞壁、4和6细胞膜、5和6细胞质，这体现了不同细胞之间的统一性．
（3）由于蓝藻细胞和水绵细胞都能进行光合作用，因而属于自养生物．水绵细胞和蓝藻细胞中参与光合作用的色素都有叶绿素，此外蓝藻细胞中参与光合作用的色素还有藻蓝素． （4）生活在水中的这两种生物，当水体富营养化时都能构成“水华”． 故答案为：
（1）核膜（或细胞核） 8细胞核
（2）细胞壁 细胞膜 细胞质 统一性 （3）自养 叶绿素 藻蓝素 （4）水体富营养化
42．下面是一组探究生物体内主要有机物存在与否的鉴别实验，按表中数字顺序填空： 实验序号 待检物质 试剂 颜色反应 ⑤ 1 蛋白质 双缩脲试剂 ③ 2 脂肪 橘黄色 ① 3 斐林试剂 砖红色 ⑥ 4 DNA 甲基绿 ⑦ 5 DNA 二苯胺 ② 6 吡罗红（派洛宁） 红色 ④ 7 淀粉 蓝色 （1）① 还原糖 ；② RNA ；③ 苏丹Ⅲ ； ④ 碘 ；⑤ 紫色 ；⑥ 绿色 ； ⑦ 蓝色 ；
（2）以上实验需要水浴加热的是（填实验序号） 3、5 ．
【考点】检测蛋白质的实验；DNA、RNA在细胞中的分布实验；检测还原糖的实验；检测脂肪的实验．
【分析】生物组织中化合物的鉴定： （1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）．斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉）．
（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应．
（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）． （4）淀粉遇碘液变蓝． 【解答】解：（1）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应，脂肪被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色，斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀），DNA被甲基绿染色绿色，遇二苯胺呈蓝色，RNA被吡罗红染成红色，淀粉遇碘液变蓝．
（2）上述实验中，检测还原性糖需要水浴加热，二苯胺与DNA反应的实验需要水浴加热．
故答案为：①还原糖 ②RNA ③苏丹Ⅲ④碘 ⑤紫色 ⑥绿色 ⑦蓝色
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（2）3、5
43．下列是某化合物的结构简图，据图回答：
（1）此化合物的名称是 三肽 ，含有 1 个﹣NH2， 1 个﹣COOH．
（2）图中含有肽键 2 个，肽键可表示为 ﹣CO﹣NH﹣ ；图中表示R基的代号是 ②③⑤ ．
（3）形成该化合物的生物化学反应叫做 脱水缩合 ，在这个过程中，相对分子质量减少了 36 ．
（4）1个“十二肽”分子水解时需要的水分子数是 11个 ．
（5）假设20种氨基酸的平均相对分子质量为125，现由四条肽链共80个氨基酸构成的蛋白质，其相对分子质量约 8632 ．
【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．
【分析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是，即每种氨基
酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同． 2、氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（﹣COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（﹣NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键，其结构式是﹣CO﹣NH﹣；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数，蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18．
3、分析题图：题图是某化合物的结构简图，其中①是氨基，②③⑤是R基，④是肽键，⑥是羧基，该化合物分子中含有2个肽键（﹣CO﹣NH﹣），是由三个氨基酸形成的三肽． 【解答】解：（1）该化合物分子中含有2个肽键（﹣CO﹣NH﹣）、3个R基，是由三个氨基酸形成的三肽，构成该化合物的三个氨基酸的R基（题图中的②③⑤）中均不含有﹣NH2和﹣COOH， 所以该三肽中含有的﹣NH2数=肽链数=1个、含有的羧基数=肽链数=1个．（2）肽键是一个氨基酸分子的羧基（﹣COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（﹣NH2）相连接，同时脱出一分子水后形成的，其结构式是﹣CO﹣NH﹣，图中含有肽键2个（其中一个是题图中的④）；图中的②③⑤表示R基．
（3）由氨基酸通过脱水缩合形成该化合物，在这个过程中的脱水数=肽键数=氨基酸数﹣肽链数=3﹣1=2个，其相对分子质量减少18×2=36．
（4）1个“十二肽”分子中含有的肽键数=氨基酸数﹣肽链数=12﹣1=11个，其水解时需要的水分子数=肽键数=11个．
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（5）假设20种氨基酸的平均相对分子质量为125，现由四条肽链共80个氨基酸构成的蛋白质，其相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18=80×125﹣（80﹣4）×18=8632． 故答案为：
（1）三肽 1 1
（2）2﹣CO﹣NH﹣②③⑤ （3）脱水缩合 36 （4）11个 （5）8632
44．分析下图，完成下列问题：
（1）在提取β﹣胡萝卜素时，用的有机溶剂是 石油醚 ． （2）萃取的效率主要取决于 萃取剂的性质和使用量 ．
（3）因为 有机溶剂都是易燃物 ，所以应避免明火加热，而采用水浴加热的方法．通过加热处理，β﹣胡萝卜素溶解在萃取剂中，再经 萃取 得到萃取液，经过 过滤 后，可 浓缩 得到纯净的β﹣胡萝卜素．
（4）胡萝卜素粗品鉴定的方法的名称是 纸层析法 ．
（5）图中②的名称是 色谱容器 ．①的作用是 防止层析液挥发 ． （6）⑤为 样品原点 ．
（7）如果层析液没及⑤会导致 胡萝卜素溶解在层析液中，导致鉴定失败 ． 【考点】从生物材料中提取某些特定成分．
【分析】胡萝卜素的化学性质稳定，不溶于水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂，常采用萃取法提取，用纸层析法对胡萝卜素进行鉴定．用萃取法提取胡萝卜素的主要步骤是：粉碎、干燥、萃取、过滤、浓缩．萃取的效率主要取决于萃取剂的性质和用量，同时还受原料颗粒的大小、含水量等条件的影响；在对新鲜胡萝卜进行干燥时，要注意控制温度和时间，否则会引起胡萝卜素的分解；提取的胡萝卜素粗品可通过纸层析法进行鉴定．
分析题图：右图为纸层析装置示意图，可用来对胡萝卜素粗品进行鉴定，其中①是玻璃盖，②是色谱容器，③是滤纸，④是U形扣，⑤是样品原点，⑥是层析液． 【解答】解：（1）在提取β﹣胡萝卜素时，用的有机溶剂是石油醚． （2）萃取的效率主要取决于萃取剂的性质和使用量．
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（3）因为有机溶剂都是易燃物，所以应避免明火加热，而采用水浴加热的方法．通过加热处理，β﹣胡萝卜素溶解在萃取剂中，再经萃取得到萃取液，经过过滤后，可浓缩得到纯净的β﹣胡萝卜素．
（4）胡萝卜素粗品鉴定的方法的名称是纸层析法．
（5）图中②的名称是色谱容器．①是玻璃盖，作用是防止层析液挥发． （6）⑤是样品原点．
（7）如果层析液没及⑤样品原点会导致胡萝卜素溶解在层析液中，导致鉴定失败． 故答案为： （1）石油醚
（2）萃取剂的性质和使用量
（3）有机溶剂都是易燃物 萃取 过滤 浓缩 （4）纸层析法
（5）色谱容器 防止层析液挥发 （6）样品原点
（7）胡萝卜素溶解在层析液中，导致鉴定失败
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2016年8月27日
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